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BZOJ 1189 [HNOI2007]紧急疏散evacuate 二分+最大流

来源:程序员人生   发布时间:2016-04-12 10:19:46 阅读次数:2147次

题意:
给定1张网格图,图上的点有3种状态
‘X’不可走,’.’空地,’D’门
初始之时每一个空地存在1个人,每一个时刻每一个人都可以走向4个方向中的任意1个方向,并且空地可以停留多个人,但是门所在的地方在某个时刻最多有1个人存在,当有1个人到达门后他就成功逃脱了,可以视为他不存在了。
求所有人都成功逃脱的最小时间。
3<=n<=20,3<=m<=20.
解析:
数据范围给的这么小,第1眼还以为是bfs。。
后来发现门处人没法堆叠,而空地可以堆叠这个状态我不好记录。
因而斟酌答案是不是存在单调性。
结果这个答案竟然真的存在单调性。
因而我们可以斟酌2分出最小时间,接下来检验1下就能够了。
检验的进程不过就是检验是不是所有人都可以逃脱。
如果对时间T检验的话,那末也就是说每一个门最多逃跑T个人。
由于数据范围较小,所以我们斟酌可以对每次2分出来的时间,我们暴力检验每一个人能从哪些门走,建出图以后跑1个最大流,检验流量是不是等于人数便可。
代码:

#include #include #include #include #include #define N 510 #define INF 0x3f3f3f3f using namespace std; int head[N]; int cnt,n,m,S,T; struct node { int from,to,val,next; }edge[N*N]; void init() { memset(head,-1,sizeof(head)); } void edgeadd(int from,int to,int val) { edge[cnt].from=from,edge[cnt].to=to,edge[cnt].val=val; edge[cnt].next=head[from]; head[from]=cnt++; } char s[31][31]; int door[N]; int top,cntpeo; int dis[31][31][31][31]; bool v[31][31]; int xx[]={0,1,0,-1,0}; int yy[]={0,0,1,0,-1}; struct Point { int x,y; }pt[N]; void getdoor(int x,int y) { memset(v,0,sizeof(v)); queueq; Point fir; fir.x=x,fir.y=y; q.push(fir); dis[x][y][fir.x][fir.y]=0,v[fir.x][fir.y]=1; while(!q.empty()) { Point u=q.front(); q.pop(); for(int i=1;i<=4;i++) { int tmpx=u.x+xx[i],tmpy=u.y+yy[i]; if(tmpx<=0||tmpx>n||tmpy<=0||tmpy>m)continue; if(v[tmpx][tmpy]||s[tmpx][tmpy]==X)continue; dis[x][y][tmpx][tmpy]=dis[x][y][u.x][u.y]+1;v[tmpx][tmpy]=1; if(s[tmpx][tmpy]==.) { Point tmp; tmp.x=tmpx,tmp.y=tmpy; q.push(tmp); } } } } void pre() { memset(dis,0x3f,sizeof(dis)); for(int i=1;i<=n;i++) { for(int j=1;j<=m;j++) { if(s[i][j]==.) getdoor(i,j); } } } void rebuild(int tim) { init(); for(int i=1;i<=n;i++) { for(int j=1;j<=m;j++) { if(s[i][j]==.) edgeadd(S,(i-1)*m+j,1),edgeadd((i-1)*m+j,S,0); else if(s[i][j]==D) edgeadd((i-1)*m+j,T,tim),edgeadd(T,(i-1)*m+j,0); } } for(int i=1;i<=n;i++) { for(int j=1;j<=m;j++) { if(s[i][j]==.) { for(int k=1;k<=top;k++) { if(dis[i][j][pt[k].x][pt[k].y]<=tim) edgeadd((i-1)*m+j,(pt[k].x-1)*m+pt[k].y,1),edgeadd((pt[k].x-1)*m+pt[k].y,(i-1)*m+j,0); } } } } } int dep[N]; int bfs() { memset(dep,0,sizeof(dep)); queue<int>q; q.push(S); dep[S]=1; while(!q.empty()) { int u=q.front(); q.pop(); for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next) { int to=edge[i].to; if(dep[to]||edge[i].val==0)continue; dep[to]=dep[u]+1; q.push(to); } } return dep[T]?1:0; } int dfs(int now,int max_vale) { int ret=0; if(now==T)return max_vale; for(int i=head[now];i!=-1;i=edge[i].next) { int to=edge[i].to; if(dep[to]!=dep[now]+1||edge[i].val==0)continue; int tmp=dfs(to,min(max_vale-ret,edge[i].val)); edge[i].val-=tmp; edge[i^1].val+=tmp; ret+=tmp; if(ret==max_vale)return ret; } return ret; } int dinic() { int ret=0; while(bfs()) while(int t=dfs(S,INF)) ret+=t; return ret; } bool check(int tim) { rebuild(tim); return dinic()==cntpeo?1:0; } int main() { scanf("%d%d",&n,&m); S=0,T=n*m+1; for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%s",s[i]+1); for(int j=1;j<=m;j++) { if(s[i][j]==D) pt[++top].x=i,pt[top].y=j; else if(s[i][j]==.) cntpeo++; } } pre(); if(top==0) {puts("impossible");return 0;} int l=cntpeo/top,r=cntpeo; int ans=-1; while(l<=r) { int mid=(l+r)>>1; if(check(mid))ans=mid,r=mid-1; else l=mid+1; } if(ans==-1)puts("impossible"); else printf("%d ",ans); }
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